##[$AcWing$ $197$. 阶乘分解](https://www.acwing.com/problem/content/description/199/)

### 一、题目描述
给定整数 $N$，试把阶乘 $N!$ 分解质因数，按照算术基本定理的形式输出分解结果中的 $p_i$ 和 $c_i$ 即可。

**输入格式**
一个整数 $N$。

**输出格式**
$N!$ 分解质因数后的结果，共若干行，每行一对 $p_i,c_i$，表示含有 $p_i^{c_i}$ 项。按照 $p_i$ 从小到大的顺序输出。

**数据范围**
$3≤N≤10^6$

**输入样例**：
`5`

**输出样例**：
```cpp {.line-numbers}
2 3
3 1
5 1
```

**样例解释**
```cpp {.line-numbers}
5!=120=2^3∗3∗5
```

### 二、方法$1$
```cpp {.line-numbers}
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;

int n;
bool prime(int x) {
    if (x == 2) return 1;
    for (int i = 2; i * i <= x; i++)
        if (x % i == 0) return 0;
    return 1;
}
int main() {
    cin >> n;
    for (int i = 2; i <= n; i++) {
        if (!prime(i)) continue;
        LL x = i;
        int ans = 0;
        while (x <= n) ans += n / x, x *= i;
        printf("%d %d\n", i, ans);
    }
    return 0;
}
```

### 三、方法$2$
1. 筛出$1 \sim n$的所有质数
2. 枚举每个质因子$x$，$n!$表示$1 * 2 * 3... * n$,从$1$到$n$中，求$x$的次数：

$$cnt(x)= \left \lfloor \frac{n}{x^1} \right \rfloor + \left \lfloor \frac{n}{x^2} \right \rfloor + \left \lfloor \frac{n}{x^3} \right \rfloor + ...$$  
(直到$x$的次方大于$n$停止)
举栗子：
比如$10!=1\times 2\times 3\times 4\times 5\times 6\times 7\times 8\times 9\times 10$里有多少个$2$的倍数,
$$\large \left \lfloor \frac{n}{x^1} \right \rfloor = \frac{10}{2}=5$$

有多少个$4$的倍数
$$\large \left \lfloor \frac{n}{x^2} \right \rfloor = \frac{10}{4}=2$$

有多少个$8$的倍数
$$\large \left \lfloor \frac{n}{x^2} \right \rfloor = \frac{10}{8}=1$$

共$5+2+1=8$个，与例子对的上。

#### $Code$
```cpp {.line-numbers}
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;

// 欧拉筛
const int N = 1e6 + 10;
int primes[N], cnt; // primes[]存储所有素数
bool st[N];         // st[x]存储x是否被筛掉
void get_primes(int n) {
    memset(st, 0, sizeof st);
    cnt = 0;
    for (int i = 2; i <= n; i++) {
        if (!st[i]) primes[cnt++] = i;
        for (int j = 0; primes[j] * i <= n; j++) {
            st[primes[j] * i] = true;
            if (i % primes[j] == 0) break;
        }
    }
}
int main() {
    int n;
    cin >> n;

    get_primes(n);

    for (int i = 0; i < cnt; i++) {
        int p = primes[i];
        int s = 0;
        // 思路：由大到小+除法降维
        // 优点：不用考虑乘法而导致的爆int上限
        for (int j = n; j; j /= p) s += j / p;
        printf("%d %d\n", p, s);
    }
    return 0;
}
```