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##AcWing 1319. 移棋子游戏

一、题目描述

给定一个有 N 个节点的 有向无环图，图中某些节点上有棋子，两名玩家交替移动棋子。

玩家每一步可将任意一颗棋子沿一条有向边移动到另一个点，无法移动者输掉游戏。

对于给定的图和棋子初始位置，双方都会采取最优的行动，询问先手必胜还是先手必败。

输入格式 第一行，三个整数 $N,M,K$，N 表示图中节点总数，M 表示图中边的条数，K 表示棋子的个数。

接下来 M 行，每行两个整数 X,Y 表示有一条边从点 X 出发指向点 $Y$。

接下来一行， K 个空格间隔的整数，表示初始时，棋子所在的节点编号。

节点编号从 1 到 $N$。

输出格式 若先手胜，输出 win，否则输出 lose。

数据范围 1≤N≤2000,1≤M≤6000,1≤K≤N

输入样例：

输出样例：

win

二、解题思路

1、$SG$函数

首先定义 mex 函数，这是施加于一个集合的函数，返回　最小的不属于这个集合的非负整数

例：mex({1,2})=0,mex({0,1})=2,mex({0,1,2,4})=3

在一张有向无环图中，对于每个点 $u$，设其 所有能到的点 的 SG 函数值集合为集合 $A$，那么 u 的 SG 函数值为 $mex(A)$，记做 SG(u)=mex(A)

如图：

例图解释：

SG(5)=mex({\phi})=0 SG(3)=mex({SG(5)})=mex({0})=1 SG(4)=mex({SG(5),SG(3)})=mex({0,1})=2 SG(2)=mex({SG(3)})=mex({1})=0 SG(1)=mex({SG(2),SG(4)})=mex({0,2})=1

2、本题和 `SG` 函数有什么关系？

下面先说本题做法，再证明该方法正确性。

做法：求出每个棋子所在的点的 SG 函数值，将所有值异或起来。若异或值不为 $0$，则输出$win$，否则输出lose

证明：首先，由于这是一张有向无环图，所以游戏最后一定会结束，也就是说每个棋子最后都会移动到一个点上，且该点没有任何能到达的点。

根据定义，结束状态的所有点的 SG 函数值异或起来为 $0$，做法对于结束状态可行。

所以接下来，只要证明出

① 任何一种每个棋子所在点的 SG 函数值异或起来非 0 的情况，一定能通过一次移动棋子，到达一个每个棋子所在点的 SG 函数值异或起来为 0 的情况
② 任何一种每个棋子所在点的 SG 函数值异或起来为 0 的情况，一定不能通过一次移动棋子，到达一个每个棋子所在点的 SG 函数值异或起来为 0 的情况

那么做法就是对的

证明 $1$：设每个棋子所在点的 SG 函数值分别为 a_1,a_2,⋯,a_n 设 $x=a_1 XOR a_2 XOR ⋯ XOR a_n$，此时$x$一定不等于$0$。设 x 的最高位为第 k 位，那么在 a_1,a_2,⋯,a_n 中，一定有一个值的第 k 位为 $1$。设该值为 $a_i$，那么由于 x 的第 $k$位和 a_i 的第 k 位都是 1,且,第 k 位是 x 的最高位，所以 a_i XOR x 一定小于 a_i

又因为 a_i 是其中一个棋子所在点的 SG 函数值，那么根据 SG 函数值的定义，该点能到达的所有点中，一定存在一个点的 SG 函数值为 a_i XOR x

那么我们就可以将该点上的棋子，移到一个 SG 函数值为 a_i XOR x 的点上去

移完之后，原来每个棋子所在点的 SG 函数异或值就变为了 a_1 XOR a_2 XOR ⋯ XOR a_{i−1} XOR (a_i XOR x) XOR a_{i+1} ⋯ XOR a_n

=(a_1 XOR a_2 XOR ⋯ XOR a_n) XOR x=x XOR x=0

① 证毕

证明 $2$：反证法，设将点 u 上的棋子移动到点 v 上后，每个棋子所在点的 SG 函数值仍然为 0 那就说明 $SG(u)=SG(v)$，不符合 SG 函数的定义，不成立 ② 证毕

所以做法是正确的。

3、如何求出每个点的 `SG` 函数值呢？

记忆化搜索就好啦~ 每层记忆化搜索中，如果该点的 SG 函数值已经被计算出，那就直接返回该值。否则用一个 set 记录每个点能到的所有点的 SG 函数值集合，然后从 0 开始遍历，找到第一个 set 里面没有的数，将该值记录在该点上并返回。

三、实现代码

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;
const int N = 2010, M = 6010;

// SG函数模板题
int n, m, k;
int f[N];

int h[N], e[M], ne[M], idx;
void add(int a, int b) {
    e[idx] = b, ne[idx] = h[a], h[a] = idx++;
}

int sg(int u) {
    //记忆化搜索
    if (~f[u]) return f[u];

    //找出当前结点u的所有出边，看看哪个sg值没有使用过
    set<int> S;
    for (int i = h[u]; ~i; i = ne[i])
        S.insert(sg(e[i]));

    //找到第一个没有出现的过的自然数， 0,1,2,3,4,...
    for (int i = 0;; i++)
        if (S.count(i) == 0) {
            f[u] = i;
            break;
        }
    return f[u];
}

int main() {
    memset(h, -1, sizeof h);
    cin >> n >> m >> k;
    while (m--) {
        int a, b;
        cin >> a >> b;
        add(a, b);
    }

    memset(f, -1, sizeof f); //初始化sg函数的结果表
    int res = 0;
    while (k--) {
        int u;
        cin >> u;
        res ^= sg(u); //计算每个出发点的sg(u)，然后异或在一起
    }

    if (res) //所有出发点的异或和不等于0,先手必胜
        puts("win");
    else //所有出发点的异或和等于0，先手必败
        puts("lose");

    return 0;
}

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